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更新时间:2023-03-21 05:18:20 阅读: 评论:0

鼓浪屿别墅-工地施工

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2023年3月21日发(作者:紫泥堂)

中考数学卷精析版——龙东五市卷

(双鸭山,佳木斯,鹤岗,伊春和七台河五地市)

(本试卷满分120分,考试时间120分钟)

一、填空题(每小题3分,共30条纹长裙搭配 分)

3.(2012黑

龙江龙东地区3分)如图,在平行四边形ABCD中,点E、F分别在边BC、AD上,请添加一个条件

使四边形AECF是平行四边形(只填一个即可)。

【答案】名古成语 AF=CE(答案不唯一)。

【考点】平行四边形的判定和性质。

【分析】根据平行四边形性质得出AD∥BC,AF=CE,得出AF∥CE。

根据有一组对边相等且平行的四边形是平行四边形的判定,可添加AF=CE或FD=EB。

根据两组对边分别平行的四边形是平行四边形的定义,可添加AE∥FC。

添加∠AEC=∠FCA或∠DAE=∠DFC等得到AE∥小沈阳个人资料 FC,也可使四边形AECF是平行四边形。

6.(2012

黑龙江龙东地区3分)如图,点A、B、C、D分别是⊙O上四点,∠ABD=20,BD是直径,

则∠ACB=▲。

【答案】70

【考点】圆周角定理,直角三角形两锐角的关系。

【分析】连接AD,

∵BD是直径,∴∠BAD=90。

∵∠ABD=20,∴∠D=90-∠DBD=70。

∴∠ACB=∠D=70。

7.(2012黑龙江龙东地区3分)已知关于x的分式方程

a1

=1

x2

有增根,则a=▲。

【答案】1。

【考点】分式方程的增根。

【分析】方程两边都乘以最简公分母(x+2),把分式方程化为整式方程,再根据分式方程的最简公分母

等于0求出方程有增根,然后代入求解即可得到a的值:

方程两边都乘以(x+2)得,a-1=x+2。

∵分式方程有增根,∴x+2=0,即a-1=0,解得a=1。

8.(2012黑龙江龙东地区3分)等腰三角形一腰长为5,一边上的高为3,则底边长为▲。

【答案】8或10或310。

【考点】等腰三角形的性质,勾股定理。

【分析】由已知的是一边上的高,分底边上的高和腰上的高两种情况,当高为腰上高时,再分锐角三角形

与钝角三角形两种情况:

(1)如图,当AD为底边上的高时,

∵AB=AC,AD⊥BC,∴BD=CD,

在Rt△ABD中,AD=3,AB=5,

根据勾股定理得:

22BDABAD4。

∴BC=2BD=8。

(2)如图,当CD为腰上的高时,

若等腰三角形为锐角三角形,

在Rt△ACD中,AC=5,CD=3,

根据勾股定理得:

22ADACCD4。

∴BD=AB-AD=5-4=1。

在Rt△BDC中,CD=3,BD=1,

根据勾股定理得:

22BCDCBD10。

若等腰三角形为钝角三角形,

在Rt△ACD中,AC=5,CD=3,

根据勾股定理得:

22ADACCD4。

∴BD=AB+AD=5+4=9。

在Rt△BDC中,CD=3,BD=9,

根据勾股定理得:

22BCDCBD310。

综上所述,等腰三角形的底边长为8或10或310。

9.(2012黑龙江龙东地区3分)某商品按进价提高40%后标价,再打8折销售,售价为1120元,则这种英语在线阅读

电器的进价为▲元。

【答案】1000。

【考点】一元一次方程的应用。

【分析】设这种电器的进价是x元,则标价是(1+40%)x元,根据售价=标价打折可得方程

(1+40%)x80%=1120,

解方程可得x=1000。

10.(2012黑龙江龙东地区3分)如图,直线y=x,点A

1

坐标为(1,0),过点A

1

作x轴的垂线交直线

于点B

1

,以原点O为圆心,OB

1

长为半径画弧交x轴于点A

2

,再过点A

2

作x轴的垂线交直线于点B

2

,以

原点O为圆心,OB

2

长为半径画弧交x轴于点A

3

,……按此作法进行去,点B

n

的纵坐标为▲(n

为正整数)。

【答案】n1

2

【考点】分类归纳(图形变化类),一次函数综合题,等腰直角三角形的性质。

【分析】寻找规律:由直线y=x的性质可知,∵B

2

,B

3

,…,B

n

是直线y=x上的点,

∴△OA

1

B

1

,△OA

2

B

2

,…△OA

n

B

n

都是等腰直角三角形,且

A

2

B

2

=OA

2

=OB

1

=2OA

1

A

3

B

3

=OA

3

=OB

2

=

2

OA

2

=2

2OA

1

A

4

B

4

=OA

4

=OB

3

=

2

OA

3

=3

2OA

1

……

n1

nnnn1n11

ABOAOB2OA2OA



。

又∵点A

1

坐标为(1,0),∴OA

1

=1。∴n1

nnn

ABOA2

,即点B

n

的纵坐标为n1

2

二、选择题(每小题3分,共30分)

12.(2012黑

龙江龙东地区3分)下列历届世博会会徽的图案是中心对称图形的是【】

A.B.C.D.

【答案】C。

【考点】中心对称图形。

【分析】根据中心对称图形的概念,中心对称图形是图形沿对称中心旋转180度后与原图重合。因此,只

有选项C是中心对称图形。故选C。

13.(2012黑龙江龙东地区3分)在平面直角坐标系中,反比例函数

2aa2

y=

x



图象的两个分支分别在

【】

A.第一、三象限B.第二、四象限C.第一、二象限D.第三、四象限

【答案】A。

【考点】反比例函数的性质,配方法的狡黠的意思 应用,非负数的性质。

【分析】把

2aa2

配方变形,根据非负数的性质判断出是恒大于0的代数式,再根据反比例函数的性

质解答:

2

22

1117

aa2=aa2=a0

4424

>









∴根据反比例函数

k

y=k0

x

的性质:当

k0>

时,图象分别位于第一、三象限;当

k0<

时,

图象分别位于第二、四象限,得反比例函数

2aa2

y=

x



图象的两个分支分别在第一、三象限。故选A。

14.(2012黑龙江龙东地区3分)如图是由几个相同的小正方体所搭几何体的俯视图,小正方形中的数字

表示在该位置的小正方体的个数,这个几何体的主视图是【】

A.B.C.D.

【答案】A。

【考点】由三视图判断几何体和几何体的三视图。

【分析】由几何体的俯视图观察原立体图形中正方体的位置关系,由俯视图可以看出一共3列,右边有前

后2排,后排是2个小正方体,前面一排有1个小正方体,其他两列都是1个小正方体,由此可判断出这

个几何体的主视图是A。故选A。

15.(2012黑龙江龙东地区3分)某校初三5名学生中考体育测试成绩如下(单位:分):12、13、14、

15、14,这组数据的众数和平均数分别为【】

A.14,13B.13,14C.14,13.5D.14,13.6

【答案】D。

【考点】众数,平均数。

【分析】∵这组数据中,12出现了1次,13出现了1次,14出现了2次,15出现了1次,

∴这组数据的众数为14。

∵这组数据分别为:12、13、14、15、14,

∴这组数据的平均数=(12+13+14+15+14)5=13.6。故选D。

16.(2012黑龙江龙东地区3分)如图所示,四边形ABCD是边长为4cm的正方形,动点P在正方形ABCD

的边上沿着A→B→C→D的路径以1cm/s的速度运动,在这个运动过程中△APD的面积s(cm2)随时间t(s)

的变化关系用图象表示,正确的是【】

A.B.C.D.

【答案】D。

【考点】动点问题的函数图象。

【分析】分别判断点P在AB、在BC上分别运动时,△APD的面积s(cm2)的变化情况用排它法求解即

可:

点P在AB上运动时,△APD的面积S将随着时间的增多而不断增大,可排除B;

点P在BC上运动时,△APD的面积s随着时间的增多而不再变化,可排除A和C。故选D。

17.(2012黑龙江龙东地区3分)若(a-1)2+|b-2|=0,则(a-b)2012的值是【】

A.-1B.1C.0D.2012

【答案】B。

【考点】偶次方和绝对值的非负数性质。

【分析】根据偶次方和绝对值的非负数性质,由(a-1)2+|b-2|=0得a-1=0,b-2=0。

解得a=1,b=2。

∴(a-b)2012=(1-2)2012=1。故选B。

18.(2012黑龙江龙东地区3分)如图,△ABC中,AB=AC=10,BC=8,AD平分∠BAC交BC于点D,

点E为AC的中点,连接DE,则△CDE的周长为【】

A.20B.12C.14D.13

【答案】C。

【考点】等腰三角形的性质,直角三角形斜边上中线的性质。

【分析】∵AB=AC,AD平分∠BAC,BC=8,

∴根据等腰三角形三线合一的性质得AD⊥BC,CD=BD=

1

2

BC=4。

∵点E为AC的中点,

∴根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半得DE=CE=

1

2

AC=5。

∴△CDE的周长=CD+DE+CE=4+5+5=14。故选C。

20.(2012

黑龙江龙东地区3分)如图,已知直角梯形ABCD中,AD∥BC,∠ABC=90,AB=BC=2AD,

点E、F分别是AB、BC边的中点,连接AF、CE交于点M,连接BM并延长交CD于点N,连接DE交

AF于点P,则结论:①∠ABN=∠什么是悲剧 CBN;②DE∥BN;③△CDE是等腰三角形;④EMBE=53::;

EPM

ABCD

1

SS

8

梯形

,正确的个数有【】

A.5个B.4个C.3个D.2个

【答案】B。

【考点】直角梯形的性质,全等三角形的判定和性质,等腰直角三角形的判定和性质,平行的判定,平行

四边形的判定和性质,三角形中位线定理,相似全等三角形的判定和性质,矩形的判定和性质,勾股定理。

【分析】如图,连接DF,AC,EF,

∵E、F分别为AB、BC的中点,且AB=BC,

∴AE=EB=BF=FC。

在△ABF和△CBE中,∵AB=CB,∠ABF=∠CBE,BF=BE,

∴△ABF≌△CBE(SAS)。∴∠BAF=∠BCE,AF=CE。

在△AME和△CMF中,

∵∠BAF=∠BCE,∠AME=∠CMF,AE=CF,

∴△AME≌△CMF(AAS)。∴EM=FM。

在△BEM和△BFM中,∵BE=BF,BM=BM,EM=FM,

∴△BEM≌△BFM(SSS)。

∴∠ABN=∠CBN。结论①正确。

∵AE=AD,∠EAD=90,∴△AED为等腰直角三角形。∴∠AED=45。

∵∠ABC=90,∴∠ABN=∠CBN=45。∴∠AED=∠ABN=45。

∴ED∥BN。结论②正确。

∵AB=BC=2AD,且BC=2FC,∴AD=FC。

又∵AD∥FC,∴四边形AFCD为平行四边形。∴AF=DC。

又AF=CE,∴DC=EC。则△CED为等腰三角形。结论③正确。

∵EF为△ABC的中位线,∴EF∥AC,且EF=

1

2

AC。

∴∠MEF=∠MCA,∠EFM=∠MAC。∴△EFM∽△CAM。∴EM:MC=EF:AC=1:2。

设EM=x,则有MC=2x,EC=EM+MC=3x,

设EB=y,则有BC=2y,

在Rt△EBC中,根据勾股定理得:

22ECEBBC5y,

∴3x=5y,即x:y=5:3。∴EM:BE=5:3。结论④正确。

∵E为AB的中点,EP∥BM,∴P为AM的中点。

AEPEPMAEM

1

SSS

2

。

又∵

AEMBEMBEMBFM

SSSS



,,∴

AEMBEMBFMABF

1

SSSS

3

。

∵四边形ABFD为矩形,∴

ABFADF

SS



。

又∵

ADFDFC

SS



,∴

ABFADFDFC

ABCD

1

SSSS

3



梯形

S。

EPM

ABCD

1

SS

18

梯形

。结论⑤错误。

因此正确的个数有4个。故选B。

三、解答题(满分60分)

21.(2012黑龙江龙东地区5分婚礼证婚人讲话 )先化简

2

2

1x4x4

1

x1

x1







,再从0,-2,-1,1中选择一个合适

的数代入并求值。

【答案】解:原式=



2

x1x1

x2x1

=

x1x2

x2







取x=0,原式=

011

=

022

【考点】分式的化简求值。

【分析】先把分式的分子和分母因式分解,并且把除法运算转化为乘法运算,约分即可。由于x不能取1,

2,所以可以把x=0代入计算。

22.(2012黑龙江龙东地区6分)如图,方格纸中每个小正方形的边长都是单位1,△ABC的三个顶点都

在格点上,结合所给的平面直角坐标系解答下列问题:

(1)将△ABC向右平移3个单位长度再向下平移2个单位长度,画出两次平移后的△A

1

B

1

C

1;

(2)写出A

1

、C

1

的坐标;

(3)将△A

1

B

1

C

1

绕C

1

逆时针旋转90,画出旋转后的△A

2

B

2

C

1

,求线段B

1

C

1

旋转过程中扫过的面积(结

果保留)。

【答案】解:(1)两次平移后的△A

1

B

1

C

1

如图所示:

(2)由△A

1

B

1

C

1

在坐标系中的位置可知,A

1

(0,2);C

1

(2,0)。

(3)旋转后的图形如图所示:

∵由勾股定理可知,

22

11

BC1417,∴

2

9017

17

S

3604





扇形

∴线段B

1

C

1

旋转过程中扫过的面积为

17

4

。

【考点】作图(旋转和平移变换),扇形面积的计算。

【分析】(1)根据图形平移的性质画出两次平移后的△A

1

B

1

C

1

即可。

(2)根据△A

1

B

1

C

1

在坐标系中的位置写出A

1

、C

1

的坐标;

(3)根据图形旋转的性质画出旋转后的△A

2

B

2

C

1

,再根据勾股定理求出B

1

C

1

的长,由扇形的面

积公式即可计算出线段B

1

C

1

旋转过程中扫过的面积。

23.(2012黑龙江龙东地区6分)如图,抛物线y=x2+bx+c经过坐标原点,并与x轴交于点A(2,0)。

(1)求此抛物线的解析式;

(2)写出顶点坐标及对称轴;

(3)若抛物线上有一点B,且

OAB

S3

,求点B的坐标。

【答案】解:(1)把(0,0),(2,0)代入y=x2+bx+c得

c0

42bc0



,解得

b2

c0



∴此抛物线的解析式为

2yx2x。

(2)∵2

2yx2xx11

∴顶点为(1,-1);对称轴为:直线x=1。

(3)设点B的坐标为(a,b),则

1

2b3

2

解得b=3或b=-3。

∵顶点纵坐标为-1,-3<-1,∴b=-3舍去。

∴由x2-2x=3解得x

1

=3,x

2

=-1

∴点B的坐标为(3,3)或(-1,3)。

【考点】曲线上点的坐标与方程的关系,二次函数的性质。

【分析】(1)直接把(0,0),(2,0)代入y=x2+bx+c中,列方程组求b、c的值即可。

(2)将二次函数解析式写成顶点式,可求顶点坐标及对称轴。

(3)设点B的坐标为(a,b),根据三角形的面积公式求b的值,再将纵坐标b代入抛物线解

析式求a的值,确定B点坐标。

24.(2012黑龙江龙东地区7分)最美女教师张丽莉在危急关头为挽救两个学生的生命而失去双腿,她的

病情牵动了全国人民的心,全社会积极为丽莉老师献爱心捐款。为了解某学校的捐款情况,对学校捐款学

生进行了抽样调查,把调查结果制成了下面两个统计图,在条形图中,从左到右依次为A组、B组、C组、

D组、E组,A组和B组的人数比是5:7。捐款钱数均为整数,请结合图中数据回答下列问题:

(1)B组的人数是多少?本次调查的样本容量是多少?

(2)补全条形图中的空缺部分,并指出中位数落在哪一组?

(3)若该校3000名学生都参加了捐款活动,估计捐款钱数不少于26元的学生有多少人?

【答案】解:(1)B组的人数是2057=28。

样本容量是:(20+28)(1-25%-15%-12%)=100。

(2)36-45小组的频数为10015%=15,据此补全条形图如下:

中位数落在C组(或26-35)。

(3)捐款不少于26元的学生人数:3000(25%+15%+12%)=1560(人)。

【考点】条形统计图,扇形统计图,频数、频率和总量的关系,中位数,用样本估计总体。

【分析】(1)根据A组占5分,求得一份的多少,然后求得B组的人数即可。

(2)求出36-45小组的频数,补全条形图。根据人数确定中位数落在哪个小组即可。

(3)用总人数乘以不少于26元学生所占的百分比即可求得人数。

25.(2012黑龙江龙东地区8分)甲、乙两个港口相距72千米,一艘轮船从甲港出发,顺流航行3小时

到达乙港,休息1小时后立即返回;一艘快艇在轮船出发2小时后从乙港出发,逆流航行2小时到甲港,

并立即返回(掉头时间忽略不计)。已知水流速度是2千米/时,下图表示轮船和快艇距甲港的距离y(千

米)与轮船出发时间x(小时)之间的函数关系式,结合图象解答下列问题:

(顺流速度=船在静水中速度+水流速度;逆流速度=船在静水中速度-水流速度)

(1)轮船在静水中的速度是千米/时;

快艇在静水中的速度是千米/时;

(2)求快艇返回时的解析式,写出自变量取值范围;

(3)快艇出发多长时间,轮船和快艇在返回途中相距12千米?(直接写出结果)

【答案】解:(1)22;38。

(2)点F的横坐标为:4+72(38+2)=5.8。

∴F(5.8,72),E(4,0)。

设EF解析式为y=kx+b(k≠0),则

5.8kb72

4kb0





,解得

k40

b160



∴y=40x-160(4≤x≤5.8)。

(3)快艇出发3小时或3.4小时两船相距12千米。

【考点】一次函数的应用,待定系数法,直线上点的坐标与方程的关系。

【分析】(1)轮船在静水中的速度的=顺流速度-水流速度=723-2=22千米/时;

快艇在静水中的速度=逆流速度+水流速度=723+2=38千米/时。

(2)轮船回来时的速度是静水中的速度与水速的差,路程是两港口之间的距离,因而可以求得会

来是所用的时间,则C的坐标可以求得,然后利用待定系数法即可求得函数的解析式。

(3)再求出函数EF的解析式,根据返回途中相距12千米,即两个函数的函数值的差是12,则可

以列出方程,求得x的值:

轮船返回用时72(22-2)=3.6,∴点C的坐标为(7.6,0)。

设线段BC所在直线的解析式为y=kx+b,

∵经过点(4,72)(7.6,0),∴

4kb72

7.6kb0





,解得:

k20

b152



∴线段BC所在直线的解析式为:y=-20x+152。

根据题意得:40x-160-(-20x+152)=12或-20x+152-(40x-160)=12,

解得:x=5或x=5.4。

∵快艇在轮船出发2小时后从乙港出发,

∴快艇出发3小时或3.4小时两船相距12千米。

26.(2012黑龙江龙东地区8分)在菱形ABCD中,∠ABC=60,E是对角线AC上一点,F是线段BC

延长线上一点,且CF=AE,连接BE、EF。

(1)若E是线段AC的中点,如图1,易证:BE=EF(不需证明);

(2)若E是线段AC或AC延长线上的任意一点,其它条件不变,如图2、图3,线段BE、EF有怎样的

数量关系,直接写出你的猜想;并选择一种情况给予证明。

【答案】解:(2)图2:BE=EF。图3。

图2证明如下:过点E作EG∥BC,交AB于点G,

∵四边形ABCD为菱形,∴AB=BC。

又∵∠ABC=60,∴△ABC是等边三角形。

∴AB=AC,∠ACB=最大的生态系统 60。

又∵EG∥BC,∴∠AGE=∠ABC=60。

又∵∠BAC=60,∴△AGE是等边三角形。∴AG=AE。∴BG=CE。

又∵CF=AE,∴GE=CF。

∵∠BGE=∠ECF=120,∴△BGE≌△ECF(SAS)。∴BE=EF。

图3,证明思路与方法与图2完全相同,证明如下:

过点E作EG∥BC交AB延长线于点G,

∵四边形ABCD为菱形,∴AB=BC。

又∵∠ABC=60,∴△ABC是等边三角形。

∴AB=AC∠ACB=60。

又∵EG∥BC,∴∠AGE=∠ABC=60。

又∵∠BAC=60,∴△AGE是等边三角形。∴AG=AE。∴BG=CE。

又∵CF=AE,∴GE=CF。

又∵∠BGE=∠ECF=60,∴△BGE≌△ECF(SAS)。∴BE=EF。

27.(2012黑龙江龙东地区10分)国务院总理温家宝2011年11月16日主持召开国务院常务会议,会议

决定建立青海三江源国家生态保护综合实验区。现要把228吨物资从某地运往青海甲、乙两地,用大、小

两种货车共18辆,恰好能一次性运完这批物资。已知这两种货车的载重量分别为16吨/辆和10吨/辆,运

往甲、乙两地的运费如下表:

运往地

车型

甲地(元/辆)乙地(元/辆)

大货车720800

小货车500650

(1)求这两种货车各用多少辆?

(2)如果安排9辆货车前往甲地,其余货车前往乙地,设前往甲地的大货车为a辆,前往甲、乙两地的

总运费为w元,求出w与a的函数关系式(写出自变量的取值范围);

(3)在(2)的条件下,若运往甲地的物资不少于120吨,请你设计出使总运费最少的货车调配方案,并

求出最少总运费。

【答案】解:(1)设大货车用x辆,则小货车用(18-x)辆,根据题意得

16x+10(18-x)=228,解得x=8,

∴18-x=18-8=10。

答:大货车用8辆,小货车用10辆。

(2)w=720a+800(8-a)+500(9-a)+650[10-(9-a)]=70a+11550,

∴w=70a+11550(0≤a≤8且为整数)。

(3)由16a+10(9-a)≥120,解得a≥5。

又∵0≤a≤8,∴5≤a≤8且为整数。

∵w=70a+11550,k=70>0,w随a的增大而增大,

∴当a=5时,w最小,最小值为W=705+11550=11900。

答:使总运费最少的调配方案是:5辆大货车、4辆小货车前往甲地;3辆大货车、6辆

小货车前往乙地.最少运费为11900元。

【考点】一元一次方程和一次函数的应用

【分析】(1)设大货车用x辆,则小货车用18-x辆,根据运输228吨物资,列方程求解。

(2)设前往甲地的大货车为a辆,则前往乙地的大货车为(8-a)辆,前往甲地的小货车为(9

-a)辆,前往乙地的小货车为[10-(9-a)]辆,根据表格所给运费,求出w与a的函数关系式。

(3)结合已知条件,求a的取值范围,由(2)的函数关系式求使总运费最少的货车调配方案。

28.(2012黑龙江龙东地区10分)如图,在平面直角坐标系中,直角梯形OABC的边OC、OA分别与x

轴、y轴重合,AB∥OC,∠AOC=90,∠BCO=45,BC=12

2

,点C的坐标为(-18,0)。

(1)求点B的坐标;

(2)若直线DE交梯形对角线BO于点D,交y轴于点E,且OE=4,OD=2BD,求直线DE的解析式;

(3)若点P是(2)中直线DE上的一个动点,在坐标平面内是否存在点Q,使以O、E、P、Q为顶点的

四边形是菱形?若存在,请直接写出点Q的坐标;若不存在,请说明理由。

【答案】解:(1)过点B作BF⊥x轴于F,

在Rt△BCF中

∵∠BCO=45,BC=122,∴CF=BF=12。

∵C的坐标为(-18,0),∴AB=OF=6。

∴点B的坐标为(-6,12)。

(2)过点D作DG⊥y轴于点G,

∵OD=2BD,∴OD=

2

3

OB。

∵AB∥DG,∴△ODG∽△OBA。

DGODOG2

ABOBOA3

,AB=6,OA=12,∴DG=4,OG=8。∴D(-4,8),E(0,4)。

设直线DE解析式为y=kx+b(k≠0)

4kb8

b4



,解得

k1

b4



。∴直线DE解析式为y=-x+4。

(3)结论:存在。

点Q的坐标为:(2

2

,-2

2

),(-2

2

,2

2

),(4,4),(-2,2)。

【考点】一次函数综合题,等腰直角三角形判定和性质,相似三角形判定和性质,待定系数法,直线上点

的坐标与方程的关系,菱形的判定和性质。

【分析】(1)构造等腰直角三角形BCF,求出BF、CF的长度,即可求出B点坐标。

(2)已知E点坐标,欲求直线DE的解析式,需要求出D点的坐标.构造△ODG∽△OBA,由

线段比例关系求出D点坐标,从而可以求出直线DE的解析式。

(3)如图所示,符合题意的点Q有4个:

设直线y=-x+4分别与x轴、y轴交于点E、点F,

则E(0,4),F(4,0),OE=OF=4,EF=4

2

①菱形OEP

1

Q

1

,此时OE为菱形一边。

则有P

1

E=P

1

Q

1

=OE=4,P

1

F=EF-P

1

E=42-4。

易知△P

1

NF为等腰直角三角形,

∴P

1

N=NF=

2

2

P

1

F=4-22。

设P

1

Q

1

交x轴于点N,则NQ

1

=P

1

Q

1

-P

1

N=4-(4-22)=22。

又ON=OF-NF=22,∴Q

1

(22,-22)。

②菱形OEP

2

Q

2

,此时OE为菱形一边。此时Q

2

与Q

1

关于原点对称,∴Q

2

(-22,22)。

③菱形OEQ

3

P

3

,此时OE为菱形一边。

此时P

3

与点F重合,菱形OEQ

3

P

3

为正方形,∴Q

3

(4,4)。

④菱形OP

4

EQ

4

,此时OE为菱形对角线。

由菱形性质可知,P

4

Q

4

为OE的垂直平分线,

由OE=4,得P

4

纵坐标为2,代入直线解析式y=-x+4得横坐标为2,则P

4

(2,2)。

由菱形性质可知,P

4

、Q

4

关于OE或x轴对称,∴Q

4

(-2,2)。

综上所述,存在点Q,使以O、E、P、Q为顶点的四边形是菱形,点Q的坐标为:

Q

1

(22,-22),Q

2

(-22,22),Q

3

(4,4),Q

4

(-2,2)。

本文发布于:2023-03-21 05:18:18,感谢您对本站的认可!

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