单摆

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物理总复习：单摆

编稿：李传安审稿：

【考纲要求】

1、了解单摆的结构，知道单摆是一种理想化的物理模型，学会用恰当的方法建立物理

模型；

2、知道单摆做简谐运动的条件，知道单摆的回复力，学会用近似处理方法来解决相关

物理问题；

3、理解单摆振动的规律及其周期公式，能利用单摆周期公式对有关物理情景进行分析；

4、知道等时性的概念，能利用单摆规律分析时钟走时快慢的问题；

5、知道用单摆测重力加速度的实验原理和实验步骤。

【考点梳理】

考点一、单摆

定义：在一条不可伸长的轻绳下端栓一个可视为质点的

小球，上端固定，摆球做小角度摆动，这样的装置叫单摆。

要点诠释：（1）单摆是一个理想化的物理模型。

（2）单摆的振动可看作简谐运动的条件：最大摆角



10

。

（3）回复力来源：重力沿切线方向分力，如图所示。

在



10

时，

F

回

mgsin



mg

其中

k

x

kx

，l

mg

l

考点二、单摆的周期

实验证明单摆的周期与振幅A无关，与质量m无关，随摆长的增大而增大，随重力加

速度g的增大而减小。荷兰物理学家惠更斯总结出单摆周期公式：

T2

几种常见的单摆模型：

L

g

在有些振动系统中

l

不一定是绳长，g也不一定为9.8m/s

2

，因此出现了等效摆长和等效

重力加速度的问题。

1、等效摆长

如图所示，三根等长的绳

l

1

、

l

2

、

l

3

共同系住一密度均匀的小

球m，球直径为d。

l

2

、

l

3

与天花板的夹角



30

。

（1）若摆球在纸面内做小角度的左右摆动，则摆动圆弧的圆

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心在

O

1

处，故等效摆长

l

1

d

，周期

T

1

2

2

l

1

g

d

2

；

（2）若摆球做垂直纸面的小角度摆动，则摆动圆弧的圆心在O处，故等效摆长为

l

1

l

2

sin



d

，周期

T

2

2

2

l

1

l

2

sin



g

d

2

。

2、等效重力加速度

（1）公式中的g由单摆所在的空间位置决定。

由G

M

g

知，g随地球表面不同位置、不同高度而变化，在不同星球上也不相同，

2R

因此应求出单摆所在处的等效值

g



代入公式，即g不一定等于9.8m/s

2

。

（2）g还由单摆系统的运动状态决定。

单摆处在向上加速发射的航天飞机内，设加速度为

a

，此时摆球处于超重状态，沿圆弧

切线方向的回复力变大，摆球质量不变，则重力加速度的等效值

g



=g+a

。若单摆若在轨道

上运行的航天飞机内，摆球完全失重，回复力为零，则等效值

g



=0

，所以周期为无穷大，

即单摆不摆动了。

当单摆有水平加速度

a

时（如加速运动的车厢内），等效重力加速

g



=a

2

+g

2

，平衡

位置已经改变。

（3）g还由单摆所处的物理环境决定。如带电小球做成的单摆在竖直方向的匀强电场

中，回复力应是重力和电场力的合力在圆弧切线方向的分力，所以也有等效值

g



的问题。

考点三、用单摆测当地的重力加速度

1、实验目的

利用单摆测定当地的重力加速度

2、实验器材

铁架台（带铁夹）一个，中心有孔的金属小球一个，长约1m的细线一条，毫米刻度尺

一根，游标卡尺（选用），秒表一块

3、实验原理

单摆在偏角很小时的振动是简谐运动，振动周期跟偏角的大小和摆球的质量无关，这时

4



2

l

L

单摆的周期公式是

T2



，变换这个公式可得

g

。因此只要测出2

Tg

单摆的摆长

l

和振动周期T，即可求出当地的重力加速度g的值。

4、实验步骤

（1）在细线的一端打一个比小球上的孔径稍大些的结，将细线穿过

球上的小孔，制成一个单摆。

（2）如图，将铁夹固定在铁架台的上端，铁架台放在实验桌边，使

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铁夹伸到桌面以外，把做好的单摆固定在铁夹上，使摆线自由下垂。

（3）测量单摆的摆长

l

：用游标卡尺测出摆球直径2r，再用米尺

测出从悬点至小球上端的悬线长

l



，则摆长

ll



r

。

（4）把单摆从平衡位置拉开一个小角度，使单摆在竖直平面内摆动，用秒表测量单摆

完成全振动30至50次所用的时间

t

，求出完成一次全振动所用的平均时间，这就是单摆的

周期T。

4



2l

（5）重复上述步骤，将每次对应的摆长

l

、周期T填于表中，按公式

g算出每

T2

次g值，然后求出结果。

摆长

l

(m)

振动次数

n（s）

N次历时

t（s）

周期

T（s）

g

（

m/s

）

2

4



2

l

g

2

T

（

m/s

）

2

平均值

（

m/s

）

2

1

2

3

5、注意事项

（1）选择材料时摆线应选择细而不易伸长的线，长度一般不应短渣男的反义词 于1m；小球应选用密

度较大的金属球，直径应较小，最好不超过2cm；

（2）单摆悬线的上端不可随意卷在铁夹的杆上，应夹紧在铁夹中，以免摆动时发生摆

线下滑、摆长改变的现象；

（3）摆动时控制摆线偏离竖直方向不超过

10

；

（4）摆动时，要使之保持在同一个运动平面内，不要形成圆锥摆；

（5）计算单摆的振动次数时，应在摆球通过最低位置时开始计时，以后摆球从同一方

向通过最低位置时进行读数，且在数“零”的同时按下秒表台风悟空 ，

开始计时计数。

4



2

l

ll2

g4



k

（6）由公式

g

可以得出，，因此对数据的处理可采

k

22

T

2

TT

2

用图象的方法。如图所示，作出

lT的图象，图象应是一条通过原点的直线，求出图线的

斜率k，即可求得g值。这样可以减小误差。

【典型例题】

类型一、关于单摆的振动特征的考查

【高清课堂：单摆例2】

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例1、细长轻绳下端拴一小球构成单摆，在悬挂点正下方1/2摆长处有一个能挡住摆线的

钉子A，如图所示。现将单摆向左方拉开一个小角度，然后无初速地释放，对于以后的运动，

下列说法中正确的是（）

A．摆球往返运动一次的时间比无钉子时时间小

B．摆球在左、右两侧上升的最大高度一样

C．摆球在平衡位置左右两侧走过的最大弧长相等

D．摆线在平衡位置右侧的最大摆角是左侧的两倍

【答案】AB

【解析】摆线被钉子挡住后，绕A点做单摆运动，摆长

发生变化，则周期也要发生变化，根据机械能守恒定律，可知上升的最大高度一样，根据几

何知识，可以知道摆角、弧长的关系。

对A选项：摆线被钉子挡住后，绕A点做单摆运动，摆长发生变化打扫卫生英文 ，则周期也要发生变化。

图示左边摆长为

L

，周期

T2

L

但只有半个周期，时间为g

t

1

2

2

LL





gg。图示

2

t

2



L

L

2

2

也只有半个周期，时间为右边摆长为，周期

T2

2g

故整个周期为

T



(1

L

2



2

L

g2g，

2L

)



T

。故A正确。

2g

对B根据机械能守恒定律，摆球在左、右两侧上升的最大高度一

样。故B正确。

对D，如图令

BOA



，

CAD



，B、C两点等高，

由几何关系，

L(1cos



)

L

(1cos



)

2

所以

cos



12cos



。令



2



，则

cos



1

或

cos



0

，即



0

或

90

。这不符合题意，

即



2



，D错误。

对C，

BDL

端午佳节

，

CD

L





，由于



2



，所以

BDCD

，所以C也错误。2

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故答案为AB。

【总结升华】解决本题的关键是灵活应用单摆的周期公式

T2

L

。几何关系、三g

角函数也要运用自如。

举一反三

【变式】如果是A、B两个单摆做简谐运动的图像（A为实线B为虚线）

（1）A、B两个单摆的周期之比是多少？

（2）A、B两个单摆的摆长之比是多少？

【答案】（1）

T

A

1

L1



（2）

A



T冷笑话问题

B

2L

B4

T

A1



T

B2

【解析】（1）由图像可知

T

A

2sT

B

4s

所以

L

A

T

A

2

1

L

（2）由周期公式

T2



所以



2



。

L

B

T

B

4g

类型二、关于单摆的等时性的应用

【高清课堂：单摆例1】

例2、图(a)是演示简谐振动图象的装置。当盛沙漏斗下面的薄木板N被匀速地拉出时，

摆动着的漏斗中漏出的沙在板上形成的曲线显示出摆的位移随时间变化的关系，板上的直线

OO

1

代表时间轴。图(b)是两个酒配方 摆中的沙在各自木板上形成的曲线，若板N

1

和板N

2

拉动的

速度

v

1

和

v

2

的关系为

v

2

=2v

1

，则板N

1

、N

2

上曲线所代表的振动的周期T

1

和T

2

的关系为（）

A．T

2

=T

1

B．T

2

=2T

1

C．T

2

=4T

1

D．T

2

=T

1

/4

【答案】D

【解析】由图可知

ON

1

ON

2

，在木板运动

ON

1

距离时摆1完成一次全振动（一个周期）

摆2完成2次全振动（2个周期），设两者的周期分别为T

1

和T

2

，则

v

1

T

1

ON

1

，（应用匀

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速运动的位移与时间的关系）

v

2

2T

1

ON

2

，

v

2

=2v

1

解得T

2

=T

1

/4，故选项D正确。

【总结升华】在利用沙摆获得做简谐运动的质点位移随时间的变化关系图象时，时间是通过

木板匀速运动的位移反映出来的。

举一反三

【变式】如图所示，一块涂有炭黑的玻璃板，质量为2kg，在竖直向上拉力F的作用下由静

止开始竖直向上做匀变速直线运动；一个装有指针的、振动频率为5Hz的电动音叉在玻璃

板上画出如图所示的曲线，若量得OA=1cm，OB=4cm，OC=9cm.则外力F的大小为______N。

(g=10m/s

2)

【答案】24N

【解析】由

f5Hz

知，周期

T

1

0.2影视公司名字 s

，OA、AB、BC时间间隔f

相等，

T

1

T0.1s

。又玻璃板做匀变速直线运动，OA、AB、BC距离之比为2

2

1:3:5，

x2cm0.02m

，根据

xa(T)

求得

a2m/s

根据牛顿第二定律

Fmgma

解得

F24N

类型三、等效摆长和等效重力加速度

例3、如图所示两根长度均为L的细线下端拴一个质量为m的小球。两线间的夹角为



，

今使摆球在垂直于纸面的平面内做小幅度振动，求其振动周期。

2

Lcos

【答案】

T2



2

g

【解析】这是一个双线摆，可以将其等效为一个单摆，求出等效摆长后，代入单摆周期公式，

即得出所求。当双线摆在垂直于纸面的平面内做小幅度振动时，等效摆长为

lLcos



2

，

Lcos

故此双线摆的振动周期为

T2



2

。

g

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【总结升华】解题的关键是找到隐蔽的摆长和摆角。摆角应为

点的距离，即

lLcos

举一反三



，摆长应为小球球心到O2



2

。

【变式】如图甲乙丙丁四个单摆的摆长均为

l

，质量均为

m

，单摆甲放在空气中，周期为

T

甲

；

单摆乙放在以加速度

a

向下加速运动的电梯中，周期为

T

乙

；单摆丙带正电，放在匀强磁场

B中，，周期为

T

丙

；单摆丁带正电，放在匀强电场E中，周期为

T

丁

，分别求出它们的周

期。

【答案】

T

甲

2

ll

；

T

乙

2



；

gga

【解析】甲是一般的单摆，

T

甲

2

l

；乙是等效重力加速度问题，等效重力加速度为g

g



=ga

，所以

T

乙

2

l

；丙在匀强磁场B中所受洛伦兹力始终沿绳方向，对

ga

单摆的周期没有影响，所以

T

丙

2

l

；单摆丁带正电，放在匀强电场E中，等效重力加g

速度为

g



=g+

qE

l

，所以

T

丁

2



。

qE

m

g+m

类型四、摆钟快慢的分析

例4、一物体在某一行星表面时，其重力加速度的值是物体在地球表面重力加速度的1/4，

在地球上走得很准的摆钟，搬到此行星上，此钟的分针走一整圈经历的时间实际是()

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A．2小时B．4小时C．1/4小时D．1/2小时

【答案】A

【解析】根据题目给的条件可以首先判断出行星上重力加速度是地球上重力加速度的1/4，

根据单摆周期公式，周期与重力加速度的平方根成反比，因此摆移到行星上以后，周期将是

地球上的2倍，也就是摆钟走得慢了，所以分针走一整圈的时间实际上是地球上的2倍，即

2h。故选项A正确。

【总结升华】分析摆钟快慢问题，就是抓住单摆周期公式，摆长的变化对快慢的影响比较简

单，重力加速度的变化往往是在某星球上，关键是要求出星球表面的重力加速度是地球表面

的多少倍。

举一反三

【变式】在某地，摆长为

l

1

的摆钟A在某一段时间内快了

t

秒，而另一摆长为

l

2

的摆钟B

在某一段时间内慢了

t

秒，那么，在该地走时准确的摆钟的摆长应为多少？

【答案】

l

4l

1

l2

2

(l

1

l

2)

ll

，

l

1

摆周期

T

1

2



1

，

gg

【解析】在该地走时准确的摆钟的摆长为

l

，则周期

T2

l

2

摆周期

T

2

2

解此式得

T

tttt

l2



，，再设某一段时间为

t

，据题意有

T

1

TTT

2g

2TT

4l

1

l

2

12

，再代入周期公式解得

l

。2

(T

1

T

2

)

(l

1

l

2)

类型五、单摆模型与牛顿第二定律和其他运动形式的结合

【高清课堂：单摆例6】

例5、在一次消防演习中，质量为60kg的消防员欲到达距离楼顶l=40m处的房间。如

图所示，他沿一条竖直悬垂的轻绳从静止开始匀加速下滑，当他滑到该房间的窗户A处时，

突然停止下滑，同时用脚踢开窗户，自己反弹了一下，然后进入窗内。已知消防员从开始下

滑到刚进入窗内共用了时间t=10s，试估算他沿绳子下滑时受到的摩擦力f大小最接近

（）

A.100NB.300NC.600ND.900N

【答案】B

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【解析】消防员反弹了一下又回到窗口，可以看作一个单摆模型，

所用时间为半个周期。由单摆周期公式

T2

l

g

代入数据解得

T4



12s

（题目要求显然是估算）

匀加速下滑时间

t



t

T12l

4s

，由

xat

2

则

a

2

5m/s

2

22t

根据牛顿第二定律

mgfma

所以摩擦力

fm(ga)300N

【总结升华】本题关键是要分析“当他滑到该房间的窗户A处时，突然停止下滑，同时用脚

踢开窗户，自己反弹了一下，然后进入窗内”这一句话的隐含的物理意义：反弹到最远后又

回到窗口，是一个单摆模型，时间是半个周期。

举一反三

【变式】如图所示，光滑圆弧槽半径为R，A为最低点，C到A的距离远小于R。两质点小

球B和C都由静止开始释放，要使B、C两球在A点相遇，问B到A点距离H应满足什么

条件?

(2n1)

2



2R

【答案】，

(n1,2,3)

8

【解析】将C球的运动与单摆的振动类比，可知C球做简谐运动，振幅为H。又因为C球

运动的重复性，B、C相遇的时间必有多解。C做简谐运动，B做自由落体运动，C、B相遇

必在A点，而C从开始释放至到达A点经历的时间为

t

C



B到达A点经历的时间

t

B

，由

H

T

(2n1)

，

(n1,2,3)

。4

12

gt

B

因为相遇时，

t

B

t

C

2

所以

t

B

(2n1)

1R



(2n1)R

2



4g2g

1

2



2

(2n1)

2R

即H应满足的条件为

Hgt

B



，

(n1,2,3)

28

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类型六、用单摆测当地的重力加速度

例6、某同学做“用单摆测定重力加速度”的实验。

①测摆长时测量结果如图1所示（单摆的另一端与刻度尺的零刻线对齐，摆长为cm。

②若另一个同学，也是用上述方法测得摆长，但实验时，单摆的另一端并未与刻度尺的

零刻度线对齐，然后他采取了图像方法处理数据，如图。他能得到的当地重力加速度为

m/s

2

（保留三位有效数字，



2

9.86），仅考虑他的摆长测量问题，他得到的重力加速

度与实际值相比

A．偏大B．偏小

C．不会偏大也不会偏小D．不一定

【答案】①99.2cm②C

【解析】由单摆的周期公式

T2

l

l2

T4



2

gg

l

A

2

4



2

(l

B

l

A

)

2

lB

T

B

4



在直线上取A、B两点，

T4



g

gg

T

B

2

T

A2

2

A

2

由此式可知，测得的

g

值与某一次的摆长无关，与两次实验中的摆长差有关，所以他得到

的

g

值与实际值相比不会偏大也不会偏小，故选C。

【总结升华】采取图像方法处理数据的优点就在于它可以减小误差。

举一反三

【变式】在“用单摆测定重力加速度”的实验中：（1）摆动时偏角满足的条件是，为了减小测

量周期的误差，计时开始时，摆球应是经过最（填“高”或“低’）点的位置，且用秒表测量单

摆完成多次全振动所用的时间，求出周期。如单摆振动50次所需时间为40秒，则单摆振动

周期为秒。

（2）用最小刻眼镜妆 度为1mm的刻度尺测摆长，测量情况如图乙所示，O为悬挂点，球为匀质

小球，从图乙中可知单摆的摆长为m。

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（3）若用L表示摆长，T表示周期，那么重力加速度的表达式为g=。

（4）考虑到单摆振动时空气浮力的影响后，学生甲说：“因为空气浮力与摆球重力方向相反，

它对球的作用相当于重力加速度变小，因此振动周期变大”。学生乙说：“浮力对摆球的影响

好像用一个轻一些的摆球做实验，因此振动周期不变”，这两个学生中。

A．甲的说法正确B．乙的说法正确C．两学生的说法都是错误的

4



2L

【答案】（1）小于10低0.8秒（2）0.9970（3）

g

（4）A

T2

【解析】（1）单摆做简谐运动的条件是摆角小于10。为了减小计时误差，应从最低点开始

计时，因为摆球在该位置时速度大，时间误差小。单摆振动周期为0.8秒。（2）由刻度尺读

4



2

L

出摆长为0.9970米（应注意估读一位，后面还有一个零）。（3）由计算得

g

。（4）2

T

空气浮力影响摆球的受力而不影响摆球的质量，在空气浮力作用下，摆球的等效重力加速度

减小，周期变大，故甲的说法正确，选A。

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