上海市第三女子中学

2020年上海市第三女子中学中考物理模拟试卷（4月份）

一、选择题

1．4月份某日的中午上海家用自来水的温度大约为（）

A．0℃B．15℃C．40℃D．100℃

2．在原子中不带电的粒子是（）

A．中子B．质子C．电子D．原子核

3．“不敢高声语，恐惊天上人”，这里的“高”是指声音的（）

A．响度B．振幅C．音色D．节奏

4．光从空气斜射入盐水中，折射角为30°，则入射角可能为（）

A．0°B．30°C．45°D．90°

5．下列工具中，主要利用大气压强工作的是（）

A．温度计B．测力计C．订书机D．抽水机

6．如图所示，沿竖直方向用力F拉绳，使物体A匀速上升1米，力F做功100焦。若不计摩擦和滑轮本身的重力，

则拉力F的大小为（）

A．25牛B．50牛C．100牛D．200牛

7．小明为了探究人在上升的电梯内所受合力大小的变化情况，他站在测力计上，乘电梯从1楼直达10楼，并用照

相机记录了相关受力情况，如图所示。则在电梯向上运动过程中他所受合力的大小（）

A．始终变大B．始终变小

C．先变小后不变再变大D．先变大后变小

8．底面积相等的圆柱体甲和盛有液体乙的薄壁轻质容器置于水平地面上，物体A浸没在圆柱形容器内的液体中（ρ

A

＞ρ

乙

），如图所示。甲的高度与乙的深度相等，甲对地面的压强与乙对容器底部的压强相等。现将物体A从乙

中取出放置在甲的上方，甲对地面压强的增加量为△p

甲

，乙对容器底部压强的减小量为△p

乙

．则（）

A．△p甲

一定大于△p

乙

B．△p

甲

一定等于△p

乙

C．△p甲

一定小于△p

乙

D．△p

甲

可能等于△p

乙

二、填空题

9．一节新干电池的电压为伏，家庭每月消耗电能是以作为单位计算的，奥斯特发现电流的周围存

在。

10．贴暖宝宝取暖是通过的方式来改变内能的。撑杆跳运动员向上跃起的过程中，撑杆弯曲表明力可以改

变物体的。“遥知不是雪，为有暗香来”，说明了分子在不停地做运动。

11．乘坐扶梯下楼时，乘客相对于地面是（选填“运动”或“静止”），乘客的重力势能，乘客的惯

性。（后两空均选填“增大”“不变”或“减小”）

12．体积为1×10﹣3

米

3

的物体，浸没在水中所受浮力的大小为牛，若物体受到的重力为10牛，则重力和

浮力的合力大小为牛，方向。

13．某导体两端的电压为12伏，10秒内通过其横截面的电荷量为6库，通过该导体的电流为安，这段时间

内电流做功为焦；当该导体两端的电压减小为6伏时，其电阻为欧。

14．如图所示的电路，电源电压保持不变。电键S由断开到闭合时，观察到电路中有一只电表示数变大。若电路中

的故障只发生在电阻R

1

或R

2

处，则：

①示数变大的是（选填“电压表”、“电压表或电流表”或“电流表”）；

②请写出两电表的示数变化情况及相对应的故障。。

15．由于气体分子做无规则运动时，对容器的器壁不断撞击，形成了气体对器壁的持续压力，进而产生一定的压强。

①若要增大密闭容器内部的气体对器壁的压强，可以采取的方式是。

A．升高容器内气体温度

B．降低容器内气体温度

C．给形状的不变容器施加压力

②采用这种方式的依据是。

三、作图题

16．在图中，重为8牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出物体对地面的压力。

17．如图所示，请根据给出的折射光线，画出相应的入射光线。

18．根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极。

四.计算题

19．质量为0.5千克的水初温为10℃，加热后温度升高了20℃，求：水吸收的热量Q吸

．[c

水

＝4.2×10

3

焦/（千克•℃）]

20．某物体在大小为20牛的水平拉力F作用下，沿拉力方向做匀速直线运动，其图象如图所示。求：在6秒内，

①拉力F所做的功W；

②拉力F的功率P。

21．在图（a）所示的电路中，电源电压为6伏且保持不变，电阻R

1

的阻值为20欧，滑动变阻器及上标有“50Ω1.5A”

字样。求：

①通过电阻R

1

的电流I

1

。

②10秒内电流对电阻R

1

做的功W

1

。

③若在电路中串联两只电流表，闭合电键S后电流表示数如图（b）、（c）所示，请说明电流表所接的位置，并

求出电路消耗的总功率P。

22．如图所示，底面积为2×10﹣2

米

2

的薄壁轻质柱形容器置于水平面上，容器高为0.15米，内盛有0.1米深的水。

求：

①容器内水的质量m水

。

②水对容器底部的压强p水

。

③现将一个质量为3千克的实心正方体A浸没在水中，如表为放入正方体前后容器对水平面的压强，求物体A

的密度ρ

A

。

容器对水平面的压强放入物体A前放入物体A后

p容

（帕）

9801960

五、实验题

23．在探究“杠杆平衡的条件”实验中，应先调节杠杆两端的，使杠杆在位置平衡。在“探究二力

平衡的条件”实验中，应使物体只在两个力的作用下，分别处于静止状态或状态时，探究两个力的

关系。

24．在“探究平面镜成像的特点”实验中，用作为平面镜，实验时为确定虚像位置，需移动未点燃的蜡烛，

直到它看上去。在“验证凸透镜成像规律”的实验中，凸透镜和光屏的中心跟烛焰的中心应大致在。

在图中，光屏中心呈现了清晰的烛焰像，此时所成的烛焰像应该如图所示[选填“（a）”、“（b）”或“（c）”]。

25．某小组同学利用课余时间，通过实验继续探究凸透镜成像规律，他们将发光物体放在焦距为f

1

的凸透镜前，按

正确的方法安装和调节好实验装置，进行了三次实验，每次都在光屏上得到发光体清晰的像，并记下相应的物距

u和像距v，测出相应像的高度h，记录数据如表一所示。然后他们把同一发光物体分别放在焦距为f

2

和f

3

的凸

透镜前，重复上述实验，并将数据分别记录在表二和表三中。（f

1

＞f

2

＞f

3

）

表一（凸透镜的焦距为f

1

）

实验

序号

u

（厘米）

v

（厘米）

h

（厘米）

120601.8

230300.6

360200.2

表二（凸透镜的焦距为f

2

）

实验

序号

u

（厘米）

v

（厘米）

h

（厘米）

420200.6

530150.3

660120.12

表三（凸透镜的焦距为f

3

）

实验

序号

u

（厘米）

v

（厘米）

h

（厘米）

78241.8

812120.6

92480.2

（1）分析比较实验序号数据中的像距v随物距u的变化关系及相关条件，可得出的初步结论是：同一凸

透镜，当它成实像时，像距随物距的增大而减小。

（2）分析比较实验序号1与4（或2与5，或3与6）数据中的物距u与像距v的关系及相关条件，可得出的初

步结论是：。

（3）请进一步综合分析比较表一和表三中的数据及相关条件，并归纳得出结论。

（a）分析比较。

（b）分析比较。

26．小华在做“测定小灯泡的电功率”实验中，电源电压为2伏的整数倍且保持不变，实验室提供了两只小灯分别

标有“2.5V”和“3.8V“字样，两个滑动变阻器分别标有“5Ω3A”和“20Ω2A”字样。他选取其中一个小灯和

一个滑动变阻器进行实验，当滑片移到某位置时，电流表、电压表的示数分别如图所示时，小灯泡恰好正常发光。

①根据相关信息请判断电压表的示数为伏、实验中所选用小灯的额定电压为伏、滑动变阻器的

规格为。

②小灯的额定功率为瓦。

2020年上海市第三女子中学中考物理模拟试卷（4月份）

参考答案与试题解析

一、选择题

1．【解答】解：4月份上海的最高气温在25℃左右，自来水的温度比气温低一些，在15℃左右。

故选：B。

2．【解答】解：原子是由带负电的电子和原子核组成的，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的。

故选：A。

3．【解答】解：“不敢高声语，恐惊天上人”指不敢大声说话，担心惊吓了天上的人，这里的“高”指响度大。

故选：A。

4．【解答】解：光从空气斜射到盐水时，折射角小于入射角，当垂直照射时光的传播方向不变，故不可能为90°，

大于30°的角只有45°．故C正确，ABD错误。

故选：C。

5．【解答】解：

A、温度计利用了液体热胀冷缩的性质，与大气压无关，故A错误；

B、测力计是根据弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长就越长的原理制成的，与大气压无关，故B错误；

C、订书机用到的物理知识是比较多的，如：①压柄做得宽大有利于减小压强，②钉书针（出针口）很尖细有

利于增大压强，③底座做得宽大有利于减小压强等等；但都不是大气压进行工作的，故C错误；

D、抽水机通过活塞上移或叶轮转动使抽水机内水面上方的气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，利

用了大气压，故D正确。

故选：D。

6．【解答】解：动滑轮绳子的有效股数n＝2，由s＝nh可得绳端移动的距离：

s＝nh＝2×1m＝2m，

由W＝Fs可得拉力：

F＝＝＝50N。

故选：B。

7．【解答】解：在一楼时，测力计示数等于人的重力，上升时，测力计示数变大，说明支持力变大，大于重力，故

合力会先变大；在四楼时，电梯匀速运动，测力计示数等于重力，合力为0；故在电梯向上运动过程中他所受合

力是先变大，后变小。

故选：D。

8．【解答】解：（1）因物体对水平面的压力和自身的重力相等，

所以，由F＝G＝mg＝ρVg＝ρShg可得，圆柱体甲对水平地面的压强p

甲

＝＝＝ρ

甲

gh

甲

；

乙对容器底部的压强p

乙

＝ρ

乙

gh

乙

，

因甲的高度与乙的深度相等，且甲对地面的压强与乙对容器底部的压强相等，

所以，ρ

甲

gh

甲

＝ρ

乙

gh

乙

，即ρ

甲

＝ρ

乙

；

（2）将物体A从乙中取出放置在甲的上方时，

乙中液体下降的高度△h

乙

＝＝，

乙对容器底部压强的减小量△p

乙

＝ρ

乙

g△h

乙

＝ρ

乙

g×＝，

甲压力的增加量△F

甲

＝G

A

＝m

A

g＝ρ

A

V

A

g，

甲对地面压强的增加量△p

甲

＝＝，

因圆柱体甲和薄壁轻质容器的底面积相等，即S

圆柱

＝S

容器

，

所以，由ρ

A

＞ρ乙

可知，△p

甲

＞△p

乙

。

故选：A。

二、填空题

9．【解答】解：一节新干电池的电压是1.5V；

家庭每月消耗电能是以千瓦时作为单位计算的；

奥斯特发现电流的周围存在磁场。

故答案为：1.5；千瓦时；磁场。

10．【解答】解：（1）贴暖宝宝取暖是通过热传递的方式来改变内能的；

（2）撑杆弯曲即形状发生了变化，说明力可以改变物体的形状；

（3）能闻到花的香味，是因为花中含有香味的分子在不断的运动，扩散到作者鼻孔中的原因。因此说明了分子

在不停地做无规则运动。

故答案为：热传递；形状；无规则。

11．【解答】解：

（1）扶梯下降过程中，相对于地面扶梯上的乘客的位置在不断发生变化，所以相对于地面来说扶梯上的乘客是

运动的；

（2）扶梯下降时，乘客的质量不变，高度减小，乘客的重力势能减小；

（3）惯性只与物体的质量有关，扶梯在下行过程中，乘客的质量不变，乘客的惯性不变。

故答案为：运动；减小；不变。

12．【解答】解：

（1）物体浸没在水中，排开水的体积：V

排

＝V＝1×10﹣3m3

，

物体受到水的浮力：

F浮

＝ρ

水

gV

排

＝1.0×10

3kg/m3

×9.8N/kg×1×10﹣3m3

＝9.8N；

（2）浮力与重力的方向相反，物体受到浮力与重力的合力大小：

F合

＝G﹣F

浮

＝10N﹣9.8N＝0.2N；

合力的方向与较大的重力方向相同，即竖直向下。

故答案为：9.8；0.2；竖直向下。

13．【解答】解：通过该导体的电流：

I＝＝＝0.6A；

电流做的功：

W＝UIt＝UQ＝12V×6C＝72J；

由I＝可得导体的电阻：

R＝＝＝20Ω；

因为导体的电阻与材料、长度以及横截面积有关，与导体两端电压以及通过的电流无关，因此当导体两端电压改

变为6伏时，其电阻仍为20Ω。

故答案为：0.6；72；20。

14．【解答】解：

①由图知，开关断开时，电压表与电阻R

2

串联，此时电压表测量电源电压；电键S由断开到闭合时，观察到电

路中有一只电表示数变大，由于电源电压最大，所以不可能是电压表示数变大，只能是电流表示数变大；

②若电压表示数不变，电流表示数变大，说明电路是通路，电压表测量的依然是电源电压，则故障是R

2

短路；

闭合开关后，若电压表无示数，电流表示数变大，说明电路是通路，则与电压表并联部分短路，即R

1

短路。

故答案为：①电流表；②若电压表示数不变，电流表示数变大，则R

2

短路；若电压表无示数，电流表示数变大，

则R

1

短路。

15．【解答】解：

①组成物质的分子在永不停息地做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈；要增大密闭容器内部的气体对器

壁的压强，可以通过加热的方法使容器内气体的温度升高，故A正确；

②容器内气体温度越高，使分子运动速度加剧，由于是密闭容器，气体分子碰撞器壁的机会越多，故气体对器

壁的压强会增大。

故答案为：①A；②容器内气体温度越高，分子运动越快，气体分子碰撞器壁的机会越多。

三、作图题

16．【解答】解：物体放在水平地面上，压力的大小与物体的重力大小相等，F＝G＝8N，方向垂直于地面向下，作

用点在地面，设定标度为4N，压力的图示如图：

17．【解答】解：

指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴；如图所示：

18．【解答】解：螺线管的右端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以确定螺线管周围磁场的方

向是从右向左的。

当小磁针静止时，根据磁极间作用规律可知，靠近电磁铁N极的一定是小磁针的S极，由此可知小磁针的右下

端为N极。

根据螺线管的右端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的左端流入右端流

出。

根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确定电源的正负极：左端

为正极，右端为负极。

如下图所示：

四.计算题

19．【解答】解：

水吸收的热量：

Q吸

＝c

水

m△t＝4.2×10

3J/（kg•℃）×0.5kg×20℃＝4.2×104J。

答：水吸收的热量为4.2×10

4J。

20．【解答】解：①由图象可知，物体在6s内运动路程为s＝60m，

拉力做功：W＝Fs＝20N×60m＝1200J；

②拉力做功的功率：P＝＝＝200W。

答：①拉力F所做的功W为1200J；

②拉力F的功率P为200W。

21．【解答】解：

①由图可知R

1

和滑动变阻器并联，R

1

两端的电压等于电源电压，

通过电阻R

1

的电流：

I

1

＝＝＝0.3A；

②10秒内电流对电阻R

1

做的功：

W

1

＝UI

1

t

1

＝6V×0.3A×10s＝18J；

③由图b、c所示可知，电流表A

1

的量程为0～3A，示数为1.2A；电流表A

2

的量程为0～0.6A，示数为0.3A（等

于I

1

）；所以，电流表A

2

一定接在R

1

的支路上，

若电流表A

1

接在干路上，则干路电流为1.2A，总功率P＝UI＝6V×1.2A＝7.2W；

若电流表A

1

接在R

2

的支路上（即I

2

＝1.2A），则干路电路I′＝I

1

+I

2

＝0.3A+1.2A＝1.5A，此时的总功率P′＝

UI′＝6V×1.5A＝9W。

答：①通过电阻R

1

的电流I

1

＝0.3A；

②10秒内电流对电阻R

1

做的功W

1

＝18J；

③电流表A

2

一定接在R

1

的支路上；若电流表A

1

接在干路上，则P＝7.2W；若电流表A

1

接在R

2

的支路上，则

P′＝9W。

22．【解答】解：（1）容器内水的体积：

V水

＝Sh＝2×10﹣2m2

×0.1m＝2×10﹣3m3

，

由ρ＝可得容器内水的质量：

m水

＝ρ

水

V

水

＝1.0×10

3kg/m3

×2×10﹣3m3

＝2kg；

（2）水对容器底部的压强：

p水

＝ρ

水

gh

水

＝1.0×10

3kg/m3

×9.8N/kg×0.1m＝980Pa；

（3）正方体的重力：

G

A

＝m

A

g＝3kg×9.8N/kg＝29.4N，

由表格数据知放入物体A后，增加的压强为：

△p＝p

容

′﹣p

容

＝1960Pa﹣980Pa＝980Pa，

由p＝可得，

正方体A放入水中后对桌面压力的增加量：

△F＝△pS＝980Pa×2×10﹣2m2

＝19.6N，

因为△F＜G

A

，

所以水有溢出，

溢出水的重力：

G溢出

＝G

A

﹣△F＝29.4N﹣19.6N＝9.8N，

溢出水的体积：

V溢出

＝＝＝＝1×10﹣3m3

，

容器内增加的体积：

V′＝S（h﹣h水

）＝2×10﹣2m2

×（0.15m﹣0.1m）＝1×10﹣3m3

，

物体受到的浮力：

F浮

＝ρ

水

gV

排

＝ρ

水

g（V

溢出

+V′）＝1.0×10

3kg/m3

×9.8N/kg×（1×10﹣3m3+1×10﹣3m3

）＝19.6N，

因物体受到的浮力小于自身的重力，

所以，物体A完全浸没，

则物体A的体积：

V

A

＝V溢出

+V′＝1×10﹣3m3+1×10﹣3m3

＝2×10﹣3m3

，

物体A的密度：

ρ

A

＝＝＝1.5×103kg/m3

。

答：（1）容器内水的质量为2kg；

（2）水对容器底部的压强为980Pa；

（3）物体A的密度为1.5×10

3kg/m3

。

五、实验题

23．【解答】解：（1）在探究“杠杆平衡的条件”实验中，在调节杠杆时，应移动其两端的平衡螺母；

为了能直接从杠杆上读出力臂，应使用带刻度的杠杆，且使杠杆在水平位置平衡；

（2）在“探究二力平衡的条件”实验中，应使物体只在两个力的作用，物体在两个力的作用下，处于静止状态

或匀速直线运动状态时，探究两个力大小、方向、作用线的关系。

故答案为：平衡螺母；水平；匀速直线运动；大小、方向、作用线。

24．【解答】解：（1）因为玻璃板透明，用玻璃板代替平面镜，可以同时观察蜡烛A的像，同时也能看到代替蜡烛

A的蜡烛B，能确定像的位置。当蜡烛B好像被点燃似的，这样可以比较物像大小关系。

（2）蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心。

（3）如图，物距u＝50cm﹣20cm＝30cm，像距v＝70cm﹣50cm＝20cm．物距大于像距，像是倒立、缩小的实

像，此时所成的烛焰像应该如图（a）所示。

故答案为：玻璃板；像点燃了似的；同一高度；（a）。

25．【解答】解：（1）分析比较实验序号1、2与3（或4、5与6，或7、8与9）数据中的像距v随物距u的变化

关系及相关条件，可得出的初步结论是：同一凸透镜，当它成实像时，像距随物距的增大而减小。

（2）分析比较实验序号1与4（或2与5，或3与6）数据中凸透镜的焦距不同，但当它们成实像时，物距相同，

像距随焦距的减小而减小，

由此可得出结论：不同凸透镜，当它们成实像时，物距相同，像距随焦距的减小而减小；

（3）（a）分析比较实验序号1与7（或2与8，或3与9）中的数据及相关条件，可得出的初步结论是：同一发

光体通过凸透镜成实像，当像距与物距的比值相同时，像的高度是相同的。

（b）分析比较表一或表三中的数据及相关条件，可得出的初步结论是：同一发光体通过凸透镜成实像，当像距

与物距的比值不同时，像的高度是不同的，且比值越大，像越高。

故答案为：（1）1、2与3（或4、5与6，或7、8与9）。

（2）不同凸透镜，当它们成实像时，物距相同，像距随焦距的减小而减小。

（3）（a）分析比较实验序号1与7（或2与8，或3与9）中的数据及相关条件，可得出的初步结论是：同一发

光体通过凸透镜成实像，当像距与物距的比值相同时，像的高度是相同的。

（b）分析比较表一或表三中的数据及相关条件，可得出的初步结论是：同一发光体通过凸透镜成实像，当像距

与物距的比值不同时，像的高度是不同的，且比值越大，像越高。

26．【解答】解：由题意，当滑片移到某位置时，电流表、电压表的示数分别如图所示时，小灯泡恰好正常发光。

由图知，电压表若使用量程0～15V，分度值为0.5V，示数为11V；若使用量程0～3V，分度值为0.1V，示数为

2.2V，电流表使用0～0.6A量程，分度值为0.02A，电流大小为0.3A，

由题知，使用灯泡的额定电压为“2.5V”或“3.8V”，且电源电压为2伏的整数倍且保持不变，

①先判断电路的连接关系：

若灯与变阻器并联在电路中，则电压表示数即为电源电压，无论11V还是2.2V，都不是2V的整数倍，所以灯

与变阻器应串联在电路中；

②判断电压表的示数和连接位置：

若电压表示数为11V，因11V大于3.8V，大于2.5V，所以电压表不可能直接并联在灯的两端，也不能并联在电

源的两端（11V不是2V的整数倍），若并联在变阻器的两端，根据串联电路电压的特点，此时，电源电压为

11V+3.8V＝14.8V或11V+2.2V＝13.2V均不是2V的整数倍，所以电压表的示数不可能是11V，只能为2.2V；

因2.2V≠2.5V，2.2V≠3.8V，所以电压表不能直接并联在灯的两端，更不能并联在电源的两端（2.2V小于2.5V

和3.8V），由此可确定电压表只能并联在变阻器的两端，

即电压表与变阻器并联且示数为2.2V；

③判断灯的额定电压和电源电压的大小

若使用额定电压为2.5V的灯，根据串联电路电压的特点，则电源电压为2.5V+2.2V＝4.7V不是2V的整数倍，

不符合题意；

若使用额定电压为3.8V的灯，则电源电压为3.8V+2.2V＝6V，符合电源电压是2V整数倍的条件。

所以实验中选用小灯的额定电压为3.8V，且电源电压为6V；

④在以上判断的基础上，因电路的电流大小为0.3A，所以变阻器连入电路中的电阻大小R变

＝＝≈

7.33Ω＞5Ω，所以使用的是“20Ω2A”的变阻器；

⑤灯的额定电压为U

L

＝3.8V，正常工作时的电流大小I

L

＝0.3A，所以灯的额定功率P

L

＝U

L

×I

L

＝3.8V×0.3A＝

1.14W。

故答案为：2.2；3.8；“20Ω2A”；1.14。