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2022-2023高三上物理期中模拟试卷

请考生注意：

1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字

迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上

均无效。

2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，

只有一项是符合题目要求的。

1、某电场在直角坐标系中的电场线分布情况如图所示，

O

、

P

、

M

、

N

为电场中的四个

点，其中

P

和

M

在一条电场线上，则下列说法正确的是（

）

A

．

M

点的场强小于

N

点的场强

B

．

M

点的电势高于

N

点的电势

C

．将一负电荷由

O

点移到

M

点电势能增加

D

．将一正电荷由

P

点无初速释放，仅在电场力作用下，可沿

PM

电场线运动到

M

点

2、如图所示，不计绳的质量以及绳与滑轮的摩擦，物体

A

的质量为

M

，水平面光滑．当

在绳的

B

端挂一质量为

m

的物体且重力加速度为

g,

物体

A

的加速度为

a

1，当在绳的

B

端施以

F

＝

mg

的竖直向下的拉力作用时，

A

的加速度为

a

2，则

a

1与

a

2的大小关系是

（）

A

．

a

1

＝

a

2

B

．

a

1

>

a

2

C

．

a

1

<

a

2

D

．无法确定

3、如图所示，倾角为

θ

的光滑斜面上放置一重力为

G

的小球，小球与固定在天花板上

的绳子相连，小球保持静止状态。绳子与竖直方向的夹角也为

θ

。若绳子的拉力大小为

F

，斜面对小球的支持力大小为

F

1，则

A

．

F

1

=

F

B

．

F

1

=

G

cos

θ

C

．

F

=

G

cos

θ

D

．

F

cos

θ

=

G

sin

θ

4、在庆祝新中国成立

70

周年阅兵中，领衔歼击机梯队的是我国自主研发的新一代隐身

战斗机

“

歼

-20"

，它是目前亚洲区域最先进的战机，当它向左上方做匀加速直线飞行时

（如图），气体对它的作用力的合力方向可能为

A

．

B

．

C

．

D

．

5、如图所示，质量相同的两物体从同一高度由静止开始运动，

A

沿着固定在地面上的

光滑斜面下滑，

B

做自由落体运动。两物体分别到达地面时，下列说法正确的是（）

A

．重力的平均功率

AB

PP

B

．重力的平均功率

ABPP

C

．重力的瞬时功率

P

A＝

P

B

D

．重力的瞬时功率

P

A<

P

B

6、下列关于力与运动的叙述中正确的是（

）

A

．物体所受合力方向与运动方向有夹角时，该物体速度一定变化，加速度也变化

B

．物体做圆周运动，所受的合力一定指向圆心

C

．物体运动的速率在增加，所受合力方向与运动方向夹角小于

900

D

．物体在变力作用下有可能做曲线运动，做曲线运动物体一定受到变力作用

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，

有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得

0分。

7、如图所示．斜面倾角为

θ

，从斜面上的

P

点以

v

0的速度水平抛出一个小球．不计空

气阻力，当地的重力加速度为

g

．若小球落到斜面上，则此过程中（）

A

．小球飞行的时间为

2tan

o

v

g



B

．小球的水平位侈为

22tan

o

v

g



C

．小球下落的高度为

22sin

o

v

g



D

．小球刚落到斜面上时的速度方向可能与斜面垂直

8、如图所示，所有接触面均光滑，质量为的半圆弧槽静止地靠在竖直墙面处，、

是槽的两个端点，为槽的底部中点。现将质量为的小球自槽口点由静止释放，下

列说法中正确的是

A．小球从到运动过程中，小球机械能守恒，小球和槽组成的系统动量不守恒

B．小球从到运动过程中，小球重力做功的瞬时功率越来越大

C．小球从到运动过程中，小球机械能守恒，小球和槽组成的系统动量守恒

D．小球从到运动过程中，小球和槽组成的系统机械能守恒，动量不守恒

9、一列简谐横波沿

x

轴传播．

t=0

时的波形如图所示，质点

A

与质点

B

相距

lm，A

点

速度沿

y

轴正方向；

t=0.02s

时，质点

A

第一次到达正向最大位移处．由此可知

A

．此波沿

x

轴正方向传播

B

．此波的传播速度为

25m/s

C

．从

t=0

时起，经过

0.04s

，质点

A

沿波传播方向迁移了

1m

D

．在

t=0.04s

时，质点

B

处在平衡位置，速度沿

y

轴正方向

E.

此列波不能和频率为

50Hz

的横波发生干涉现象

10、质量均为

0.5kg

的木块

P、M、N

叠放在水平桌面上，用一根细线分别拴接在

M

和

N

右侧，在细线中点用水平轻质细绳绕过固定在桌面右端的光滑定滑轮悬挂一质量为

0.5kg

的重物．系统整体处于静止状态，细线与竖直方向夹角

θ=60°

，取

g=10m/s2，则

下列说法正确的是（）

A

．木块

M

受到木块

P

的摩擦力水平向左

B

．木块

M

和

N

之间的摩擦力为

2.5N

C

．细线中的拉力为

5

3

3

N

D

．若其它条件不变，

θ

变小，木块

N

对桌面的压力增大，系统仍将处于平衡状态

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写

出演算过程。

11．（6分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中

A

为

固定橡皮条的图钉，

O

为橡皮条与细绳的结点，

OB

和

OC

为细绳，图乙是在白纸上根

据实验结果画出的图：

(1)

如果没有操作失误，图乙中的F与F

两力中，方向一定沿

AO

方向的是

_________

；

(2)

本实验采用的科学方法是

_________

；

A．理想实验法B．等效替代法

C．控制变量法D．建立物理模型法

(3)

实验时，主要的步骤是：

A．

在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；

B

．用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳

的另一端系着绳套；

C

．用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达

某一位置O，记录下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；

D

．按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力

1

F

和

2

F

的图示，并用

平行四边形定则求出合力

F

；

E.

只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记

下细绳的方向，按同一标度作出这个力F

的图示；

F.

比较F

和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论。

上述步骤中，①有重要遗漏的步骤的序号是

_________

和

___________

；

②遗漏的内容分别是

_________

和

___________

。

12．（12分）（

1）“

验证力的平行四边形定则

”

的实验情况如图甲所示，其中

A

为固定

橡皮条的图钉，

O

为橡皮条与细绳的结点，

OB

和

OC

为细绳．图乙是在白纸上根据实

验结果画出的力的示意图．

①图乙中的

F

与

F′

两力中，方向一定沿

AO

方向的是

______．

②本实验采用的科学方法是

________．

A

．理想实验法

B

．等效替代法

C

．控制变量法

D

．建立物理模型法

（2）某同学在坐标纸上画出了如图所示的两个已知力F

1和

F

2，图中小正方形的边长表

示

2N

，两力的合力用

F

表示，

F

1

、F

2与

F

的夹角分别为

θ

1和

θ

2，关于

F

1

、F

2与

F、θ

1

和

θ

2关系正确的有

________．

A．F

1

＝4N

B．F＝12N

C．θ

1

＝45°

D．θ

1

<θ

2

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出

必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）在电场中把电荷量的正电荷从点移到点，静电力做功

为，再把该电荷从点移到点，静电力做功为．

（1）求、间电势差；

（2）求、间电势差；

（3）若该电荷只在电场力作用下从点运动到点，求电荷动能的增加量．

14．（16分）甲、乙两车分别在

A

、

B

两条平直并列的双车道上，乙车停在

B

车道某位

置处，当甲车从后方经过乙车旁时，甲车立即刹车以初速度

v

1＝

20.0m/s

，加速度

a

1＝

2.0m/s2做匀减速直线运动，同时乙车立即以加速度

a

2＝

0.5m/s2与甲同向做匀加速直线

运动。求：

(1)

甲、乙两车相遇前相距的最大距离；

(2)

乙车追上甲车经历的时间。

15．（12分）两个完全相同的物块

A

、

B

，质量均为

m

＝0.8kg

，在同一粗糙水平面上以

相同的初速度从同一位置开始运动．图中的两条直线分别表示

A

物块受到水平拉力

F

作用和

B

物块不受拉力作用的

v

-

t

图象，求：

(1)

物块

A

所受拉力

F

的大小；

(2)8s

末物块

A

、

B

之间的距离

x

．

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，

只有一项是符合题目要求的。

1、

C

【解析】

A

．电场线密的地方电场强度大，由图可知

M

点电场线比

N

点的密，所以

M

点的场强

大于

N

点的场强度，故

A

错误；

B

．沿电场线方向电势降低，所以

M

点的电势低于

N

点的电势，故

B

错误；

C

．将一负电荷由

O

点移到

M

点电场力做负功，所以电荷的电势能增加，故

C

正确；

D

．一正点电荷从

P

点由静止释放，该电荷所受的电场力是变力，与电场线的相切，据

曲线运动的条件该电荷并不能沿电场线运动到

M

点，故

D

错误。

故选

C

。

2、

C

【解析】

当用拉力F拉时，对A分析，根据牛顿第二定律求出加速度；当挂重物时，对整体分析，

运用牛顿第二定律求出加速度，从而比较大小．

【详解】

在B端挂一质量为m的物体时，对整体分析，根据牛顿第二定律得：a

1

=

mg

Mm

，

当在绳B端施以F=mg的竖直向下的拉力作用时，a

2

=

Fmg

MM



，可知a2

>a

1

.

故选C.

3、

A

【解析】

对小球受力分析，正交分解，如图：

由平衡条件，水平方向：

1

sinsinFF

，

得：

1

=FF

，

竖直方向：

2cosFG，

得：

2cos

G

F





，

也即

12cos

G

F





，

故

A

正确，

BCD

错误。

4、

B

【解析】

战机沿直线匀加速飞行时，合力方向沿速度方向，战机受重力、气体对它的作用力（包

括浮力、阻力等），重力方向向下，则气体对它的作用力与重力合力方向沿运动方向，

故

ACD

错误，

B

正确；

5、

D

【解析】

AB

．物体

B

做自由落体运动，运动时间

2

B

h

t

g

＝

A

做匀加速直线运动，

a

=

g

sinθ

，根据

2

1

sin

sin2

h

gt





得

2

2

sinA

h

t

g

＝

重力做功相等，根据

mgh

P

t

＝

知

AB

PP

故

AB

错误。

CD

．根据动能定理，

mgh

=

1

2

mv2得，物块到达底端时的速度

2vgh

A

物体重力的瞬时功率

P

A

=

mgv

sin

θ

B

物体重力的瞬时功率

P

B

=

mgv

则

P

A＜

P

B

故

D

正确，

C

错误。

故选

D

。

6、

C

【解析】

物体所受合力方向与运动方向有夹角时，该物体速度一定变化，但加速度不一定变化，

如平抛运动，

A

错误；若物体做变速圆周运动，则存在一个切向加速度，合力不指向圆

心，

B

错误；合力方向与运动方向夹角小于

90°

时合力做正功，速度增大，

C

正确；如

果变力与速度方向不共线，则做曲线运动，但做曲线运动的物体受到的合力可以为恒力，

如平抛运动，

D

错误．

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，

有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得

0分。

7、

AB

【解析】

解：

A

、根据

2

1

2

tan

2

oo

gt

gt

vtv



得，小球飞行的时间

2tan

o

v

t

g





，故

A

正确．

B

、小球的水平位移

22tan

o

o

v

xvt

g





，故

B

正确．

C

、小球下落的高度

2

2

2tan

1

2

o

v

hgt

g





，故

C

错误．

D

、小球落在斜面上，速度方向斜向右下方，不可能与斜面垂直，故

D

错误．

故选

AB．

8、

AD

【解析】

A、依据能量守恒和动量守恒的条件，小球从到运动过程中，小球机械能守恒，小球

和槽组成的系统动量不守恒，故A正确；

B、小球在A点，速度大小为0，小球的功率为0，小球在C点，速度方向与重力方向

垂直，小球的功率为0，小球从到运动过程中，功率先变大后变小，故B错误；

CD、依据能量守恒和动量守恒的条件，小球从到运动过程中，球和槽组成的系统机

械能守恒，系统动量不守恒，故C错误，D正确；

故选

AD。

【点睛】依据能量守恒和动量守恒的条件，小球从到运动过程中，小球机械能守恒，

小球和槽组成的系统动量不守恒，小球从到运动过程中，球和槽组成的系统机械能

守恒，系统动量不守恒。

9、

BDE

【解析】

A点速度沿y轴正方向，则波沿x轴负方向传播．故

A

错误．由题λ=2m

,

T=0.08s，则波速

2

/25/

0.08

vmsms

T



．故

B

正确．简谐横波沿x轴传播，质点

A沿波传播方向并不迁移．故C错误．此时B向下，t=0.04s=0.5T时，质点B处在平衡位

置，速度沿y轴正方向．故D

正确．此列的频率为

1

25fHz

T



，故波不能和频率为

50Hz

的横波发生干涉现象，选项E正确；故选BDE.

10、

BC

【解析】

A

、对

P

进行受力分析可知，

P

只受到重力和支持力，水平方向没有引起

P

产生运动趋

势的力，所以

P

不受摩擦力，则

M

也不受

P

的摩擦力，故

A

项错误．

B、水平绳子拉力

5FmgN

细线与竖直方向夹角

θ=60°

，将倾斜细线的拉力分解成水平方向与竖直方向，则细线水

平分力大小：

2.5

2

F

TN

水平

将

P、M

作为整体，

N

对

M

的摩擦力等于倾斜细线拉力的水平分量，木块

M

和

N

之间

的摩擦力为

2.5N，故B

项正确．

C、细线与竖直方向夹角θ=60°

，则细线的拉力大小：0

2.553

sin603

3

2

T

TN水平

，

故

C

项正确．

D、当看成整体时，无论θ

变小，还是变大，整体受力情况不变．木块

N

对桌面的压力

不变，系统仍将处于平衡状态．故D项错误．

点睛：整体法和隔离法的问题，要恰当选择研究对象进行分析．

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写

出演算过程。

11、F

BCEC

中应加上“记下两条细绳的方向”

E

中应说明

“把橡皮条的结点拉到同一位置O”

【解析】

(1)

由一个弹簧测力计拉橡皮条至O点的拉力一定沿AO方向；而根据平行四边形定则

作出的合力，由于误差的存在，不一定沿AO方向，故一定沿AO方向的是F

。

(2)

一个力的作用效果与两个力的作用效果相同，它们的作用效果可以等效替代，故

B

正确。

(3)

①根据“验证力的平行四边形定则”实验的操作规程可知，有重要遗漏的步骤的序

号是

C

、

E

。

②在

C

中未记下两条细绳的方向，

E

中未说明是否把橡皮条的结点拉到同一位置O。

12、'FBBC

【解析】

试题分析：理解本实验的

“

等效

”

思想．明确

“

实验值

”

和

“

实际值

”

的区别．根据平行四边

形定则作出合力，从而确定合力的大小和分力与合力的夹角．

根据图乙可知

F

是根据

1

F和

2

F为邻边作出理论值，而F是实际操作画出的，由于实

验存在误差，理论值和实际值存在偏差，故F一定沿

AO

方向

（2

）本实验是根据合力与两个分力的作用效果相同为原则的，所以采用了等效替代法，

B

正确；

（3）据平行四边形定则，作出两个力的合力，如图．从图上可知

1

42FN，

2

45FN合力

F

=12N

．根据余弦定理可知

222

12

1

1

32144802

cos

22

962

FFF

FF









，即

1

45

，根据大角对大边，可知

12



，故

BC

正确．

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出

必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、（1）（2）（3）

【解析】（1）根据电势差的定义式可得：，同理可得：

．

（2）由于，则，

在此过程中，根据动能定理可得：．

14、

(1)80.0m

；

(2)20.0s

【解析】

(1)

甲、乙两车速度相等时距离最大．设时间为

t

1时，两车的速度相等，则：

11121

vatat

解得

1

8.0st

对甲车

2

11111

1

96.0m

2

xvtat

对乙车

2

221

1

16m

2

xat

故甲、乙两车相遇前相距的最大距离为

12

8m0.0

max

xxx

(2)

假设两车相遇的时刻是

2

t

,则有

''

12

xx

甲车位移

2

11212

1

'

2

xvtat

乙车位移

'2

222

1

2

xat

联立解得

2

16st

但是甲车运动的时间

1

0

1

10s<16s

v

t

a



故甲车停止后，乙追上甲，设为

3

t

时刻追上，根据

2

2

1

23

1

1

22

v

at

a



解得

3

20.0st

15、(2)

F

＝2.8N

(2)

x

＝62m

【解析】

设

A

、

B

两物块的加速度分别为

a

2、

a

2，由

v

－

t

图象可知：

A

、

B

的初速度

v

2

=6m/s

，

A

物体的末速度

v

2

="22m/s"

，

B

物体的末速度

v

2

=2

，

a

2＝1

1

v

t





＝

126

80





m/s2＝

2

．

75m/s2①,

a

2＝2

2

v

t





＝

06

40





m/s2＝－

2

．

5m/s2②

负号表示加速度方向与初速度方向相反．

对

A

、

B

两物块分别由牛顿第二定律得：

F

－

F

f＝

ma

2

③

－

F

f＝

ma

2

④

由①～④式可得：

F

＝

2

．

8N

（

2

）设

A

、

B

两物块

8s

内的位移分别为

x

2、

x

2由图象得：

m

m

所以

x

＝

x

2－

x

2＝

62m

本题考查牛顿第二定律的应用和对速度时间图像的考查，根据速度时间图像的斜率表示

加速度大小，求得两个过程中加速度大小，施加拉力时有

F

－

F

f＝

ma

2，撤去拉力后只

受摩擦力作用，再由牛顿第二定律进行运算可求得拉力和摩擦力的值，在匀变速直线运

动中平均速度等于初速度与末速度和的一半，求得平均速度再求位移大小